4．奇函數(shù)的圖象關(guān)于原點對稱，偶函數(shù)的圖象關(guān)于y軸對稱，因此根據(jù)圖象的對稱性可以判斷函數(shù)的奇偶性。
3．若奇函數(shù)的定義域包含0，則f(0)=0，因此，“f(x)為奇函數(shù)”是"f(0)=0"的非充分非必要條件；
2．對函數(shù)奇偶性定義的理解，不能只停留在f(-x)=f(x)和f(-x)=-f(x)這兩個等式上，要明確對定義域內(nèi)任意一個x，都有f(-x)=f(x)，f(-x)=-f(x)的實質(zhì)是：函數(shù)的定義域關(guān)于原點對稱
這是函數(shù)具備奇偶性的必要條件。稍加推廣，可得函數(shù)f(x)的圖象關(guān)于直線x=a對稱的充要條件是對定義域內(nèi)的任意x，都有f(x+a)=f(a-x)成立函數(shù)的奇偶性是其相應(yīng)圖象的特殊的對稱性的反映；
1．判斷函數(shù)的奇偶性，必須按照函數(shù)的奇偶性定義進(jìn)行，為了便于判斷，常應(yīng)用定義的等價形式：f(-x)= ±f(x)óf(-x) 
f(x)=0；
題型一：判斷函數(shù)的奇偶性
例1．討論下述函數(shù)的奇偶性：
解：(1)函數(shù)定義域為R，
，
∴f(x)為偶函數(shù)；
(另解)先化簡：
，顯然
為偶函數(shù)；從這可以看出，化簡后再解決要容易得多。
(2)須要分兩段討論：
①設(shè)
②設(shè)
③當(dāng)x=0時f(x)=0，也滿足f(－x)=－f(x)；
由①、②、③知，對x∈R有f(－x) =－f(x)， ∴f(x)為奇函數(shù)；
(3)
，∴函數(shù)的定義域為
，
∴f(x)=log21=0(x=±1) ，即f(x)的圖象由兩個點 A(－1，0)與B(1，0)組成，這兩點既關(guān)于y軸對稱，又關(guān)于原點對稱，∴f(x)既是奇函數(shù)，又是偶函數(shù)；
(4)∵x2≤a2, ∴要分a >0與a <0兩類討論，
①當(dāng)a >0時，
，∴當(dāng)a >0時，f(x)為奇函數(shù)；
既不是奇函數(shù)，也不是偶函數(shù).
點評：判斷函數(shù)的奇偶性是比較基本的問題，難度不大，解決問題時應(yīng)先考察函數(shù)的定義域，若函數(shù)的解析式能化簡，一般應(yīng)考慮先化簡，但化簡必須是等價變換過程(要保證定義域不變)。
例2．(2002天津文.16)設(shè)函數(shù)f(x)在(－∞，+∞)內(nèi)有定義，下列函數(shù)：①y=－|f(x)|；②y=xf(x2)；③y=－f(－x)；④y=f(x)－f(－x)。
必為奇函數(shù)的有_____(要求填寫正確答案的序號)
答案：②④；解析：y=(－x)f［(－x)2］=－xf(x2)=－y；y=f(－x)－f(x)=－y。
點評：該題考察了判斷抽象函數(shù)奇偶性的問題。對學(xué)生邏輯思維能力有較高的要求。
題型二：奇偶性的應(yīng)用
例3．(2002上海春，4)設(shè)f(x)是定義在R上的奇函數(shù)，若當(dāng)x≥0時，f(x)=log3(1+x)，則f(－2)=____ _。
答案：－1；解：因為x≥0時，f(x)=log3(1+x)，又f(x)為奇函數(shù)，所以f(－x)=－f(x)，設(shè)x＜0，所以f(x)=－f(－x)=－f(1－x)，所以f(－2)=－log33=－1。
點評：該題考察函數(shù)奇偶性的應(yīng)用。解題思路是利用函數(shù)的奇偶性得到函數(shù)在對稱區(qū)域上函數(shù)的取值。
例4．已知定義在R上的函數(shù)y= f(x)滿足f(2+x)= f(2－x)，且f(x)是偶函數(shù)，當(dāng)x∈[0，2]時，f(x)=2x－1，求x∈[－4，0]時f(x)的表達(dá)式。
解：由條件可以看出，應(yīng)將區(qū)間[－4，0]分成兩段考慮：
①若x∈[－2，0]，－x∈[0，2]，
∵f(x)為偶函數(shù)，
∴當(dāng)x∈[－2，0]時，f(x)= f(－x)=－2x－1,
②若x∈[－4，－2
，
∴4+ x∈[0，2，
∵f(2+x)+ f(2－x)，
∴f(x)= f(4－x)，
∴f(x)= f(－x)= f[4－(－x)]= f(4+x)=2(x+4)－1=2x+7；
綜上，
點評：結(jié)合函數(shù)的數(shù)字特征，借助函數(shù)的奇偶性，處理函數(shù)的解析式。
題型三：判斷證明函數(shù)的單調(diào)性
例5．(2001天津，19)設(shè)
，
是
上的偶函數(shù)。
(1)求
的值；(2)證明在
上為增函數(shù)。
解：(1)依題意，對一切
，有
，即
。
∴
對一切成立，則
，∴
，
∵，∴
。
(2)(定義法)設(shè)
，則
，
由
，得
，
，
∴
，
即
，∴在上為增函數(shù)。
(導(dǎo)數(shù)法)∵，
∴
∴在上為增函數(shù)
點評：本題用了兩種方法：定義法和導(dǎo)數(shù)法，相比之下導(dǎo)數(shù)法比定義法更為簡潔。
例6．已知f(x)是定義在R上的增函數(shù)，對x∈R有f(x)>0，且f(5)=1，設(shè)F(x)=
f(x)+
，討論F (x)的單調(diào)性，并證明你的結(jié)論。
解：這是抽角函數(shù)的單調(diào)性問題，應(yīng)該用單調(diào)性定義解決。
在R上任取x1、x2，設(shè)x1<x2，∴f(x2)= f(x1)，
∵f(x)是R上的增函數(shù)，且f(10)=1，
∴當(dāng)x<10時0< f(x)<1, 而當(dāng)x>10時f(x)>1;
① 若x1<x2<5，則0<f(x1)<f(x2)<1,
② ∴0< f(x1)f(x2)<1,
∴
<0,
∴F (x2)< F(x1)；
②若x2 >x1>5，則f(x2)>f(x1)>1 ,
∴f(x1)f(x2)>1,
∴
>0,
∴ F(x2)> F (x1)；
綜上，F (x)在(－∞，5)為減函數(shù)，在(5，+∞)為增函數(shù)。
點評：該題屬于判斷抽象函數(shù)的單調(diào)性。抽象函數(shù)問題是函數(shù)學(xué)習(xí)中一類比較特殊的問題，其基本能力是變量代換、換元等，應(yīng)熟練掌握它們的這些特點。
題型四：函數(shù)的單調(diào)區(qū)間
例7．(2001春季北京、安徽，12)設(shè)函數(shù)f(x)＝
(a＞b＞0)，求f(x)的單調(diào)區(qū)間，并證明f(x)在其單調(diào)區(qū)間上的單調(diào)性。
.解：在定義域內(nèi)任取x1＜x2，
∴f(x1)－f(x2)＝
，
∵a＞b＞0，∴b－a＜0，x1－x2＜0，
只有當(dāng)x1＜x2＜－b或－b＜x1＜x2時函數(shù)才單調(diào)．
當(dāng)x1＜x2＜－b或－b＜x1＜x2時f(x1)－f(x2)＞0．
∴f(x)在(－b，+∞)上是單調(diào)減函數(shù)，在(－∞，－b)上是單調(diào)減函數(shù)．
點評：本小題主要考查了函數(shù)單調(diào)性的基本知識。對于含參數(shù)的函數(shù)應(yīng)用函數(shù)單調(diào)性的定義求函數(shù)的單調(diào)區(qū)間。
例8．(1)求函數(shù)
的單調(diào)區(qū)間；
(2)已知
若
試確定
的單調(diào)區(qū)間和單調(diào)性。
解：(1)函數(shù)的定義域為
，
分解基本函數(shù)為
、
顯然在
上是單調(diào)遞減的，而在
上分別是單調(diào)遞減和單調(diào)遞增的。根據(jù)復(fù)合函數(shù)的單調(diào)性的規(guī)則：
所以函數(shù)在上分別單調(diào)遞增、單調(diào)遞減。
(2)解法一：函數(shù)的定義域為R，
分解基本函數(shù)為
和
。
顯然在
上是單調(diào)遞減的，
上單調(diào)遞增；
而
在
上分別是單調(diào)遞增和單調(diào)遞減的。且
，
根據(jù)復(fù)合函數(shù)的單調(diào)性的規(guī)則：
所以函數(shù)的單調(diào)增區(qū)間為
；單調(diào)減區(qū)間為
。
解法二：
，
，
令 
，得
或
，
令 
，
或
∴單調(diào)增區(qū)間為；單調(diào)減區(qū)間為。
點評：該題考察了復(fù)合函數(shù)的單調(diào)性。要記住“同向增、異向減”的規(guī)則。
題型五：單調(diào)性的應(yīng)用
例9．已知偶函數(shù)f(x)在(0，+∞)上為增函數(shù)，且f(2)=0，解不等式f［log2(x2+5x+4)］≥0。
解：∵f(2)=0,∴原不等式可化為f［log2(x2+5x+4)］≥f(2)。
又∵f(x)為偶函數(shù)，且f(x)在(0，+∞)上為增函數(shù)，
∴f(x)在(－∞,0)上為減函數(shù)且f(－2)=f(2)=0。
∴不等式可化為 log2(x2+5x+4)≥2 ①
或 log2(x2+5x+4)≤－2 ②
由①得x2+5x+4≥4，∴x≤－5或x≥0 ③
由②得0＜x2+5x+4≤
得
≤x＜－4或－1＜x≤
④
由③④得原不等式的解集為
{x|x≤－5或≤x≤－4或－1＜x≤或x≥0
。
例10．已知奇函數(shù)f(x)的定義域為R，且f(x)在［0，+∞］上是增函數(shù)，是否存在實數(shù)m，使f(cos2θ－3)+f(4m－2mcosθ)>f(0)對所有θ∈［0,
］都成立？若存在，求出符合條件的所有實數(shù)m的范圍，若不存在，說明理由。
解：∵f(x)是R上的奇函數(shù)，且在［0，+∞］上是增函數(shù)，
∴f(x)是R上的增函數(shù)，于是不等式可等價地轉(zhuǎn)化為f(cos2θ－3)>f(2mcosθ－4m)，
即cos2θ－3>2mcosθ－4m,即cos2θ－mcosθ+2m－2>0。
設(shè)t=cosθ,則問題等價地轉(zhuǎn)化為函數(shù)
g(t)?=t2－mt+2m－2=(t－
)2－
+2m－2在［0，1］上的值恒為正，又轉(zhuǎn)化為函數(shù)g(t)在［0，1］上的最小值為正。
∴當(dāng)<0,即m<0時，g(0)=2m－2>0
m>1與m<0不符；
當(dāng)0≤≤1時，即0≤m≤2時，g(m)=－+2m－2>04－2
<m<4+2，
∴4－2<m≤2
當(dāng)>1,即m>2時，g(1)=m－1>0m>1。
∴m>2
綜上，符合題目要求的m的值存在，其取值范圍是m>4－2。
另法(僅限當(dāng)m能夠解出的情況)： cos2θ－mcosθ+2m－2>0對于θ∈［0,］恒成立，等價于m>(2－cos2θ)/(2－cosθ)
對于θ∈［0,］恒成立
∵當(dāng)θ∈［0,］時，(2－cos2θ)/(2－cosθ) ≤4－2，∴m>4－2。
點評：上面兩例子借助于函數(shù)的單調(diào)性處理了恒成立問題和不等式的求解問題。
題型六：最值問題
例11．(2002全國理，21)設(shè)a為實數(shù)，函數(shù)f(x)=x2+|x－a|+1，x∈R。
(1)討論f(x)的奇偶性；(2)求f(x)的最小值。
解：(1)當(dāng)a=0時，函數(shù)f(－x)=(－x)2+|－x|+1=f(x)，此時f(x)為偶函數(shù)。
當(dāng)a≠0時，f(a)=a2+1，f(－a)=a2+2|a|+1，f(－a)≠f(a)，f(－a)≠－f(a)。
此時函數(shù)f(x)既不是奇函數(shù)，也不是偶函數(shù)。
(2)①當(dāng)x≤a時，函數(shù)f(x)=x2－x+a+1=(x－
)2+a+
。
若a≤，則函數(shù)f(x)在(－∞，a)上單調(diào)遞減，從而，函數(shù)f(x)在(－∞，a)上的最小值為f(a)=a2+1。
若a＞，則函數(shù)f(x)在(－∞，a
上的最小值為f()=+a，且f()≤
f(a)。
②當(dāng)x≥a時，函數(shù)f(x)=x2+x－a+1=(x+)2－a+。
若a≤－，則函數(shù)f(x)在［a，+∞
上的最小值為f(－)=－a，且f(－)≤f(a)。
若a＞－，則函數(shù)f(x)在［a，+∞］上單調(diào)遞增，從而，函數(shù)f(x)在［a，+∞］上的最小值為f(a)=a2+1。
綜上，當(dāng)a≤－時，函數(shù)f(x)的最小值是－a。
當(dāng)－＜a≤時，函數(shù)f(x)的最小值是a2+1。
當(dāng)a＞時，函數(shù)f(x)的最小值是a+。
點評：函數(shù)奇偶性的討論問題是中學(xué)數(shù)學(xué)的基本問題，如果平時注意知識的積累，對解此題會有較大幫助.因為x∈R，f(0)=|a|+1≠0，由此排除f(x)是奇函數(shù)的可能性.運用偶函數(shù)的定義分析可知，當(dāng)a=0時，f(x)是偶函數(shù)，第2題主要考查學(xué)生的分類討論思想、對稱思想。
例12．設(shè)m是實數(shù)，記M={m|m>1}，f(x)=log3(x2－4mx+4m2+m+
)。
(1)證明：當(dāng)m∈M時，f(x)對所有實數(shù)都有意義；反之，若f(x)對所有實數(shù)x都有意義，則m∈M；
(2)當(dāng)m∈M時，求函數(shù)f(x)的最小值；
(3)求證：對每個m∈M,函數(shù)f(x)的最小值都不小于1。
(1)證明：先將f(x)變形：f(x)=log3［(x－2m)2+m+］,
當(dāng)m∈M時，m>1,∴(x－m)2+m+>0恒成立，
故f(x)的定義域為R。
反之，若f(x)對所有實數(shù)x都有意義，則只須x2－4mx+4m2+m+>0。
令Δ＜0，即16m2－4(4m2+m+)＜0，解得m>1，故m∈M。
(2)解析：設(shè)u=x2－4mx+4m2+m+，
∵y=log3u是增函數(shù)，
∴當(dāng)u最小時，f(x)最小。
而u=(x－2m)2+m+，
顯然，當(dāng)x=m時，u取最小值為m+，
此時f(2m)=log3(m+)為最小值。
(3)證明：當(dāng)m∈M時，m+=(m－1)+ +1≥3，
當(dāng)且僅當(dāng)m=2時等號成立。
∴l(xiāng)og3(m+)≥log33=1。
點評：該題屬于函數(shù)最值的綜合性問題，考生需要結(jié)合對數(shù)函數(shù)以及二次函數(shù)的性質(zhì)來進(jìn)行處理。
題型七：周期問題
例13．若y=f(2x)的圖像關(guān)于直線
和
對稱，則f(x)的一個周期為( )
A．
B．
C．
D．
解：因為y=f(2x)關(guān)于對稱，所以f(a+2x)=f(a－2x)。
所以f(2a－2x)=f[a+(a－2x)]=f[a－(a－2x)]=f(2x)。
同理，f(b+2x) =f(b－2x)，
所以f(2b－2x)=f(2x)，
所以f(2b－2a+2x)=f[2b－(2a－2x)]=f(2a－2x)=f(2x)。
所以f(2x)的一個周期為2b－2a，
故知f(x)的一個周期為4(b－a)。選項為D。
點評：考察函數(shù)的對稱性以及周期性，類比三角函數(shù)中的周期變換和對稱性的解題規(guī)則處理即可。若函數(shù)y=f(x)的圖像關(guān)于直線x=a和x=b對稱(a≠b)，則這個函數(shù)是周期函數(shù)，其周期為2(b－a)。
例14．已知函數(shù)
是定義在上的周期函數(shù)，周期
，函數(shù)
是奇函數(shù)又知在
上是一次函數(shù)，在
上是二次函數(shù)，且在
時函數(shù)取得最小值
。
①證明：
；
②求
的解析式；
③求在
上的解析式。
解：∵是以
為周期的周期函數(shù)，
∴
，
又∵是奇函數(shù)，
∴
，
∴。
②當(dāng)
時，由題意可設(shè)
，
由得
，
∴
，
∴
。
③∵是奇函數(shù)，
∴
，
又知在上是一次函數(shù)，
∴可設(shè)
，而
，
∴
，∴當(dāng)
時，
，
從而當(dāng)
時，
，故
時，。
∴當(dāng)
時，有
，
∴
。
當(dāng)
時，
，
∴
∴
。
點評：該題屬于普通函數(shù)周期性應(yīng)用的題目，周期性是函數(shù)的圖像特征，要將其轉(zhuǎn)化成數(shù)字特征。
4．周期性
(1)定義：如果存在一個非零常數(shù)T，使得對于函數(shù)定義域內(nèi)的任意x，都有f(x+T)= f(x)，則稱f(x)為周期函數(shù)；
(2)性質(zhì)：①f(x+T)= f(x)常常寫作
若f(x)的周期中，存在一個最小的正數(shù)，則稱它為f(x)的最小正周期；②若周期函數(shù)f(x)的周期為T，則f(ωx)(ω≠0)是周期函數(shù)，且周期為
。
3．最值
(1)定義：
最大值：一般地，設(shè)函數(shù)y=f(x)的定義域為I，如果存在實數(shù)M滿足：①對于任意的x∈I，都有f(x)≤M；②存在x0∈I，使得f(x0) = M。那么，稱M是函數(shù)y=f(x)的最大值。
最小值：一般地，設(shè)函數(shù)y=f(x)的定義域為I，如果存在實數(shù)M滿足：①對于任意的x∈I，都有f(x)≥M；②存在x0∈I，使得f(x0) = M。那么，稱M是函數(shù)y=f(x)的最大值。
注意：
1 函數(shù)最大(小)首先應(yīng)該是某一個函數(shù)值，即存在x0∈I，使得f(x0) = M；
2 函數(shù)最大(小)應(yīng)該是所有函數(shù)值中最大(小)的，即對于任意的x∈I，都有f(x)≤M(f(x)≥M)。
(2)利用函數(shù)單調(diào)性的判斷函數(shù)的最大(小)值的方法：
1 利用二次函數(shù)的性質(zhì)(配方法)求函數(shù)的最大(小)值；
2 利用圖象求函數(shù)的最大(小)值；
3 利用函數(shù)單調(diào)性的判斷函數(shù)的最大(小)值：
如果函數(shù)y=f(x)在區(qū)間[a，b]上單調(diào)遞增，在區(qū)間[b，c]上單調(diào)遞減則函數(shù)y=f(x)在x=b處有最大值f(b)；
如果函數(shù)y=f(x)在區(qū)間[a，b]上單調(diào)遞減，在區(qū)間[b，c]上單調(diào)遞增則函數(shù)y=f(x)在x=b處有最小值f(b)；
2．單調(diào)性
(1)定義：一般地，設(shè)函數(shù)y=f(x)的定義域為I， 如果對于定義域I內(nèi)的某個區(qū)間D內(nèi)的任意兩個自變量x1，x2，當(dāng)x1<x2時，都有f(x1)<f(x2)(f(x1)>f(x2))，那么就說f(x)在區(qū)間D上是增函數(shù)(減函數(shù))；
注意：
1 函數(shù)的單調(diào)性是在定義域內(nèi)的某個區(qū)間上的性質(zhì)，是函數(shù)的局部性質(zhì)；
2 必須是對于區(qū)間D內(nèi)的任意兩個自變量x1，x2；當(dāng)x1<x2時，總有f(x1)<f(x2)
(2)如果函數(shù)y=f(x)在某個區(qū)間上是增函數(shù)或是減函數(shù)，那么就說函數(shù)y=f(x)在這一區(qū)間具有(嚴(yán)格的)單調(diào)性，區(qū)間D叫做y=f(x)的單調(diào)區(qū)間。
(3)設(shè)復(fù)合函數(shù)y= f[g(x)]，其中u=g(x) , A是y= f[g(x)]定義域的某個區(qū)間，B是映射g : x→u=g(x) 的象集：
①若u=g(x) 在 A上是增(或減)函數(shù)，y= f(u)在B上也是增(或減)函數(shù)，則函數(shù)y= f[g(x)]在A上是增函數(shù)；
②若u=g(x)在A上是增(或減)函數(shù)，而y= f(u)在B上是減(或增)函數(shù)，則函數(shù)y= f[g(x)]在A上是減函數(shù)。
(4)判斷函數(shù)單調(diào)性的方法步驟
利用定義證明函數(shù)f(x)在給定的區(qū)間D上的單調(diào)性的一般步驟：
1 任取x1，x2∈D，且x1<x2；
2 作差f(x1)－f(x2)；
3 變形(通常是因式分解和配方)；
4 定號(即判斷差f(x1)－f(x2)的正負(fù))；
5 下結(jié)論(即指出函數(shù)f(x)在給定的區(qū)間D上的單調(diào)性)。
(5)簡單性質(zhì)
①奇函數(shù)在其對稱區(qū)間上的單調(diào)性相同；
②偶函數(shù)在其對稱區(qū)間上的單調(diào)性相反；
③在公共定義域內(nèi)：
增函數(shù)
增函數(shù)是增函數(shù)；
減函數(shù)減函數(shù)是減函數(shù)；
增函數(shù)
減函數(shù)是增函數(shù)；
減函數(shù)增函數(shù)是減函數(shù)。
1．奇偶性
(1)定義：如果對于函數(shù)f(x)定義域內(nèi)的任意x都有f(－x)=－f(x)，則稱f(x)為奇函數(shù)；如果對于函數(shù)f(x)定義域內(nèi)的任意x都有f(－x)=f(x)，則稱f(x)為偶函數(shù)。
如果函數(shù)f(x)不具有上述性質(zhì)，則f(x)不具有奇偶性.如果函數(shù)同時具有上述兩條性質(zhì)，則f(x)既是奇函數(shù)，又是偶函數(shù)。
注意：
1 函數(shù)是奇函數(shù)或是偶函數(shù)稱為函數(shù)的奇偶性，函數(shù)的奇偶性是函數(shù)的整體性質(zhì)；
2 由函數(shù)的奇偶性定義可知，函數(shù)具有奇偶性的一個必要條件是，對于定義域內(nèi)的任意一個x，則－x也一定是定義域內(nèi)的一個自變量(即定義域關(guān)于原點對稱)。
(2)利用定義判斷函數(shù)奇偶性的格式步驟：
1 首先確定函數(shù)的定義域，并判斷其定義域是否關(guān)于原點對稱；
2 確定f(－x)與f(x)的關(guān)系；
3 作出相應(yīng)結(jié)論：
若f(－x) = f(x) 或 f(－x)－f(x) = 0，則f(x)是偶函數(shù)；
若f(－x) =－f(x) 或 f(－x)+f(x) = 0，則f(x)是奇函數(shù)。
(3)簡單性質(zhì)：
①圖象的對稱性質(zhì)：一個函數(shù)是奇函數(shù)的充要條件是它的圖象關(guān)于原點對稱；一個函數(shù)是偶函數(shù)的充要條件是它的圖象關(guān)于y軸對稱；
②設(shè)，的定義域分別是
，那么在它們的公共定義域上：
奇+奇=奇，奇
奇=偶，偶+偶=偶，偶偶=偶，奇偶=奇
從近幾年來看，函數(shù)性質(zhì)是高考命題的主線索，不論是何種函數(shù)，必須與函數(shù)性質(zhì)相關(guān)聯(lián)，因此在復(fù)習(xí)中，針對不同的函數(shù)類別及綜合情況，歸納出一定的復(fù)習(xí)線索。
預(yù)測2007年高考的出題思路是：通過研究函數(shù)的定義域、值域，進(jìn)而研究函數(shù)的單調(diào)性、奇偶性以及最值。
預(yù)測明年的對本講的考察是：
(1)考察函數(shù)性質(zhì)的選擇題1個或1個填空題，還可能結(jié)合導(dǎo)數(shù)出研究函數(shù)性質(zhì)的大題；
(2)以中等難度、題型新穎的試題綜合考察函數(shù)的性質(zhì)，以組合形式、一題多角度考察函數(shù)性質(zhì)預(yù)計成為新的熱點。
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