Question

20．在數(shù)列{a_n}，{b_n}中，已知a₁=1，b₁=2，且-a_n，b_n，a_n+1成等差數(shù)列，-b_n，a_n，b_n+1也成等差數(shù)列．
（1）求證：{a_n+b_n}是等比數(shù)列；
（2）若c_n=（2a_n-3ⁿ）log₃[2a_n-（-1）ⁿ]，求數(shù)列{c_n}的前n項(xiàng)和T_n．

Answer 1

分析 （1）通過等差中項(xiàng)可知b_n=$\frac{{a}_{n+1}-{a}_{n}}{2}$、a_n=$\frac{_{n+1}-_{n}}{2}$，兩式相加整理即得結(jié)論；
（2）通過（1）可知b_n=$\frac{{a}_{n+1}-{a}_{n}}{2}$、a_n=$\frac{_{n+1}-_{n}}{2}$，兩式相減可知b_n-a_n=（-1）ⁿ⁺¹，并與b_n+a_n=3ⁿ作差整理得2a_n=3ⁿ-（-1）ⁿ⁺¹，從而c_n=（-1）ⁿ•n，進(jìn)而利用錯(cuò)位相減法計(jì)算即得結(jié)論．

解答 （1）證明：∵-a_n，b_n，a_n+1成等差數(shù)列，-b_n，a_n，b_n+1也成等差數(shù)列，
∴b_n=$\frac{{a}_{n+1}-{a}_{n}}{2}$，a_n=$\frac{_{n+1}-_{n}}{2}$，
∴a_n+b_n=$\frac{1}{2}$[（a_n+1+b_n+1）-（a_n+b_n）]，即a_n+1+b_n+1=3（a_n+b_n），
又∵a₁+b₁=1+2=3，
∴數(shù)列{a_n+b_n}是首項(xiàng)、公比均為3的等比數(shù)列；
（2）解：由（1）可知：b_n=$\frac{{a}_{n+1}-{a}_{n}}{2}$、a_n=$\frac{_{n+1}-_{n}}{2}$，
兩式相減得：-a_n+b_n=$\frac{1}{2}$[（a_n+1-b_n+1）+（-a_n+b_n）]，即a_n+1-b_n+1=-（a_n-b_n），
又∵-a₁+b₁=-1+2=1，
∴數(shù)列{b_n-a_n}是首項(xiàng)為1、公比均為-1的等比數(shù)列，
∴b_n-a_n=（-1）ⁿ⁺¹，
又∵b_n+a_n=3ⁿ，
∴a_n=$\frac{（_{n}+{a}_{n}）-（_{n}-{a}_{n}）}{2}$=$\frac{1}{2}$[3ⁿ-（-1）ⁿ⁺¹]，
又∵c_n=（2a_n-3ⁿ）log₃[2a_n-（-1）ⁿ]
=[3ⁿ-（-1）ⁿ⁺¹-3ⁿ]log₃[3ⁿ-（-1）ⁿ⁺¹-（-1）ⁿ]
=（-1）ⁿ•n，
∴T_n=-1+2-3+4-…+（-1）ⁿ•n，
-T_n=1-2+3-4+…+（-1）ⁿ•（n-1）+（-1）ⁿ⁺¹•n，
兩式相減得：2T_n=-1+1-1+1-…-1-（-1）ⁿ⁺¹•n，
∴T_n=$\frac{1}{2}${$\frac{-[1-（-1）^{n}]}{1-（-1）}$+（-1）ⁿ•n}
=$\frac{1}{2}${-$\frac{1}{2}$[1-（-1）ⁿ]+（-1）ⁿ•n}
=（-1）ⁿ•$\frac{2n+1}{4}$-$\frac{1}{4}$．

點(diǎn)評(píng) 本題考查數(shù)列的通項(xiàng)及前n項(xiàng)和，考查錯(cuò)位相減法，考查運(yùn)算求解能力，注意解題方法的積累，屬于中檔題．