Question

16．已知a，b，c是不等的三角形的三邊，求證：$\frac{1}{b+c-a}$+$\frac{1}{c+a-b}$+$\frac{1}{a+b-c}$＞$\frac{9}{a+b+c}$．

Answer 1

分析 利用a+b+c=（b+c-a）+（c+a-b）+（a+b-c），可得$\frac{1}{b+c-a}$+$\frac{1}{c+a-b}$+$\frac{1}{a+b-c}$=[（b+c-a）+（c+a-b）+（a+b-c）]（$\frac{1}{b+c-a}$+$\frac{1}{c+a-b}$+$\frac{1}{a+b-c}$），利用三元均值不等式，即可證明結(jié)論．

解答 證明：∵a+b+c=（b+c-a）+（c+a-b）+（a+b-c），
且b+c-a＞0，c+a-b＞0，a+b-c＞0．
∴$\frac{1}{b+c-a}$+$\frac{1}{c+a-b}$+$\frac{1}{a+b-c}$
=[（b+c-a）+（c+a-b）+（a+b-c）]（$\frac{1}{b+c-a}$+$\frac{1}{c+a-b}$+$\frac{1}{a+b-c}$）
≥3$\root{3}{（b+c-a）（c+a-b）（a+b-c）}$•3$\root{3}{\frac{1}{（b+c-a）（c+a-b）（a+b-c）}}$=9．
由于a，b，c不相等，則有$\frac{1}{b+c-a}$+$\frac{1}{c+a-b}$+$\frac{1}{a+b-c}$＞$\frac{9}{a+b+c}$．

點(diǎn)評 本題考查不等式的證明，考查三元均值不等式的運(yùn)用，考查學(xué)生分析解決問題的能力，屬于中檔題．