Question

17．如圖，Rt△ABC中，∠C=90°，AB=15，BC=9，點P，Q分別在BC，AC上，CP=3x，CQ=4x（0＜x＜3）．把△PCQ繞點P旋轉，得到△PDE，點D落在線段PQ上．
（1）求證：PQ∥AB；
（2）若點D在∠BAC的平分線上，求CP的長；
（3）若△PDE與△ABC重疊部分圖形的周長為T，且12≤T≤16，求x的取值范圍．

Answer 1

分析 （1）先根據(jù)勾股定理求出AC的長，再由相似三角形的判定定理得出△PQC∽△BAC，由相似三角形的性質得出∠CPQ=∠B，由此可得出結論；
（2）連接AD，根據(jù)PQ∥AB可知∠ADQ=∠DAB，再由點D在∠BAC的平分線上，得出∠DAQ=∠DAB，故∠ADQ=∠DAQ，AQ=DQ．在Rt△CPQ中根據(jù)勾股定理可知，AQ=12-4x，故可得出x的值，進而得出結論；
（3）當點E在AB上時，根據(jù)等腰三角形的性質求出x的值，再分0＜x≤$\frac{9}{8}$；$\frac{9}{8}$＜x＜3兩種情況進行分類討論．

解答 （1）證明：∵在Rt△ABC中，AB=15，BC=9，
∴AC=$\sqrt{{AB}^{2}-{BC}^{2}}$=$\sqrt{{15}^{2}-{9}^{2}}$=12．
∵$\frac{PC}{BC}$=$\frac{3x}{9}$=$\frac{x}{3}$，$\frac{QC}{AC}$=$\frac{4x}{12}$=$\frac{x}{3}$，
∴$\frac{PC}{BC}$=$\frac{QC}{AC}$．
∵∠C=∠C，
∴△PQC∽△BAC，
∴∠CPQ=∠B，
∴PQ∥AB；

（2）解：連接AD，
∵PQ∥AB，
∴∠ADQ=∠DAB．
∵點D在∠BAC的平分線上，
∴∠DAQ=∠DAB，
∴∠ADQ=∠DAQ，
∴AQ=DQ．
在Rt△CPQ中，PQ=5x，
∵PD=PC=3x，
∴DQ=2x．
∵AQ=12-4x，
∴12-4x=2x，解得x=2，
∴CP=3x=6．

（3）解：當點E在AB上時，
∵PQ∥AB，
∴∠DPE=∠PGB．
∵∠CPQ=∠DPE，∠CPQ=∠B，
∴∠B=∠PGB，
∴PB=PG=5x，
∴3x+5x=9，解得x=$\frac{9}{8}$．
①當0＜x≤$\frac{9}{8}$時，T=PD+DE+PE=3x+4x+5x=12x，此時0＜T≤$\frac{27}{2}$；
②當$\frac{9}{8}$＜x＜3時，設PE交AB于點G，DE交AB于F，作GH⊥PQ，垂足為H，
∴HG=DF，F(xiàn)G=DH，Rt△PHG∽Rt△PDE，
∴$\frac{GH}{ED}$=$\frac{PG}{PE}$=$\frac{PH}{PD}$．
∵PG=PB=9-3x，
∴$\frac{GH}{4x}$=$\frac{9-3x}{5x}$=$\frac{PH}{3x}$，
∴GH=$\frac{4}{5}$（9-3x），PH=$\frac{3}{5}$（9-3x），
∴FG=DH=3x-$\frac{3}{5}$（9-3x），
∴T=PG+PD+DF+FG=（9-3x）+3x+$\frac{4}{5}$（9-3x）+[3x-$\frac{3}{5}$（9-3x）]
=$\frac{12}{5}$x+$\frac{54}{5}$，
此時，$\frac{27}{2}$＜T＜18．
∴當0＜x＜3時，T隨x的增大而增大，
∴T=12時，即12x=12，解得x=1；
T=16時，即$\frac{12}{5}$x+$\frac{54}{5}$=16，解得x=$\frac{13}{6}$．
∵12≤T≤16，
∴x的取值范圍是1≤x≤$\frac{13}{6}$．

點評 本題考查的是幾何變換綜合題，涉及到勾股定理、相似三角形的判定與性質等知識，在解答（3）時要注意進行分類討論．