Question

20．在平面直角坐標(biāo)系xOy中，若直線x-y+1=0與橢圓C：mx²+ny²=1（m＞0，n＞0）相交于A，B兩點(diǎn)，點(diǎn)M為AB的中點(diǎn)，直線OM的斜率為-$\frac{1}{3}$．
（1）求橢圓C的離心率；
（2）若OA⊥OB，求：①橢圓C的方程；②三角形OAB的面積．

Answer 1

分析 （1）聯(lián)立直線方程和橢圓方程，消去y，運(yùn)用韋達(dá)定理和判別式大于0，以及中點(diǎn)坐標(biāo)公式，直線的斜率公式，即可得到離心率；
（2）①運(yùn)用向量垂直的條件：數(shù)量積為0，解方程，即可得到所求橢圓方程；
②由弦長公式和點(diǎn)到直線的距離公式，可得△OAB的面積．

解答 解：（1）由$\left\{{\begin{array}{l}{x-y+1=0}\\{m{x^2}+n{y^2}=1}\end{array}}\right.$消去y，化簡得（m+n）x²+2nx+n-1=0，
當(dāng)△=4n²-4（m+n）（n-1）=4（m+n-mn）＞0時(shí)，
設(shè)A（x₁，y₁），B（x₂，y₂），則${x_1}+{x_2}=-\frac{2n}{m+n}，{x_1}{x_2}=\frac{n-1}{m+n}$，
弦AB的中點(diǎn)M的坐標(biāo)為（-$\frac{n}{n+m}$，$\frac{m}{n+m}$），
∴直線OM的斜率為-$\frac{m}{n}$=-$\frac{1}{3}$，即n=3m，
∴橢圓C的方程為$\frac{x^2}{{\frac{1}{m}}}+\frac{y^2}{{\frac{1}{3m}}}=1$，即${a^2}=\frac{1}{m}，{b^2}=\frac{1}{3m}$，
∴$a=\sqrt{3}b$，∴$c=\sqrt{2}b$，
∴橢圓C的離心率$e=\frac{{\sqrt{6}}}{3}$．                          
（2）①∵OA⊥OB，∴$\overrightarrow{OA}•\overrightarrow{OB}=0$，∴x₁x₂+y₁y₂=0．
而x₁x₂+y₁y₂=x₁x₂+（x₁+1）（x₂+1）=2x₁x₂+（x₁+x₂）+1=$\frac{2（n-1）}{m+n}-\frac{2n}{m+n}+1=0$，
∴m+n=2，
又∵n=3m，∴$m=\frac{1}{2}，n=\frac{3}{2}$，且滿足△=4（m+n-mn）＞0，
∴橢圓C的方程為$\frac{x^2}{2}+\frac{{3{y^2}}}{2}=1$．                   
②$AB=\sqrt{{{（{x_1}-{x_2}）}^2}+{{（{y_1}-{y_2}）}^2}}=\sqrt{2{{（{{x_1}-{x_2}}）}^2}}$=$\sqrt{2（{{（{x_1}+{x_2}）}^2}-4{x_1}{x_2}）}$
=$\sqrt{2（{{（\frac{-3}{2}）}^2}-1）}=\frac{{\sqrt{10}}}{2}$，
原點(diǎn)O到AB的距離$d=\frac{{|{0-0+1}|}}{{\sqrt{1+1}}}=\frac{{\sqrt{2}}}{2}$，
∴三角形OAB的面積為$\frac{1}{2}AB•d=\frac{{\sqrt{5}}}{4}$．

點(diǎn)評 本題考查橢圓的方程和性質(zhì)，考查離心率的求法，注意聯(lián)立直線和橢圓方程，運(yùn)用韋達(dá)定理，考查向量垂直的條件：斜率之積為-1，同時(shí)考查弦長公式和點(diǎn)到直線的距離公式的運(yùn)用，屬于中檔題．