Question

已知函數(shù)
（Ⅰ）求f（x）在[-1，e]（e為自然對數(shù)的底數(shù)）上的最大值；
（Ⅱ）對任意給定的正實數(shù)a，曲線y=f（x）上是否存在兩點P，Q，使得△POQ是以O(shè)為直角頂點的直角三角形，且此三角形斜邊中點在y軸上？

Answer 1

【答案】分析：（I）由 知，當(dāng)-1≤x＜1時，，令f'（x）=0得 ，當(dāng)x變化時，f'（x），f（x）的變化情況列表知f（x）在[-1，1）上的最大值為2．當(dāng)1≤x≤2時，f（x）=alnx．當(dāng)a≤0時，f（x）≤0，f（x）最大值為0；當(dāng)a＞0時，f（x）在[1，e]上單調(diào)遞增．當(dāng)a≤2時，f（x）在區(qū)間[-1，e]上的最大值為2；當(dāng)a＞2時，f（x）在區(qū)間[-1，e]上的最大值為a．
（II）假設(shè)曲線y=f（x）上存在兩點P、Q滿足題設(shè)要求，則點P、Q只能在y軸兩側(cè)．設(shè)P（t，f（t））（t＞0），則Q（-t，t³+t²），顯然t≠1．由此入手能得到對任意給定的正實數(shù)a，曲線y=f（x）上存在兩點P、Q，使得△POQ是以O(shè)為直角頂點的直角三角形，且此三角形斜邊中點在y軸上．
解答：解：（Ⅰ）因為f（x）=
1當(dāng)-1≤x＜1時，f′（x）=-x（3x-2），
解f′（x）＞0得0＜x＜：解f′（x）＜0得-1＜x＜0或＜x＜1
∴f（x）在（-1，0）和（，1）上單減，在（0，）上單增，
從而f（x）在x=處取得極大值f）=
又∵f（-1）=2，f（1）=0，
∴f（x）在[-1，1）上的最大值為2．
當(dāng)1≤x≤e時，f（x）=alnx，
當(dāng)a≤0時，f（x）≤0；
當(dāng)a＞0時，f（x）在[1，e]單調(diào)遞增；
∴f（x）在[1，e]上的最大值為a．
∴當(dāng)a≥2時，f（x）在[-1，e]上的最大值為a；
當(dāng)a＜2時，f（x）在[-1，e]上的最大值為2．
（Ⅱ）假設(shè)曲線y=f（x）上存在兩點P，Q滿足題意，則P，Q只能在y軸兩側(cè)，不妨設(shè)P（t，f（t））（t＞0），則Q（-t，t³+t²），且t≠1
∵△POQ是以O(shè)為直角頂點的直角三角形
∴=0，即-t²+f（t）（t³+t²）=0（*）
是否存在P，Q等價于方程（*）是否有解．
①若0＜t＜1，則f（x）=-t³+t²，代入方程（*）得：-t²+（-t³+t²）（t³+t²）=0，
即：t⁴-t²+1=0，而此方程無實數(shù)解，
②當(dāng)t＞1時，
∴f（t）=alnt，代入方程（*）得：-t²+alnt•（t³+t²）=0，
即：
設(shè)h（x）=（x+1）lnx（x≥1），則h′（x）=lnx++1＞0在[1，+∞）恒成立．
∴h（x）在[1，+∞）上單調(diào)遞增，從而h（x）≥h（1）=0，則h（x）的值域為[0，+∞）．
∴當(dāng)a＞0時，方=（t+1）lnt有解，即方程（*）有解．
∴對任意給定的正實數(shù)a，曲線y=f（x）上總存在兩點P，Q，使得△POQ是以O(shè)為直角頂點的直角三角形，且此三角形斜邊中點在y軸上．
點評：本題考查導(dǎo)數(shù)的性質(zhì)和應(yīng)用，解題時要認真審題，注意挖掘題設(shè)中的隱含條件．解答關(guān)鍵是利用導(dǎo)數(shù)求閉區(qū)間上函數(shù)的最值．