Question

（2013•南通三模）已知數(shù)列{a_n}是首項為1，公差為d的等差數(shù)列，數(shù)列{b_n}是首項為1，公比為q（q＞1）的等比數(shù)列．
（1）若a₅=b₅，q=3，求數(shù)列{a_n•b_n}的前n項和；
（2）若存在正整數(shù)k（k≥2），使得a_k=b_k．試比較a_n與b_n的大小，并說明理由．

Answer 1

分析：（1）由q=3，b₁=1可求得b₅，從而得到a₅，由a₁=1及通項公式可求得a_n，利用錯位相減法即可求得數(shù)列{a_n•b_n}的前n項和；
（2）由a_k=b_k，即1+（k-1）d=q^k-1，得d=

qk-1-1

k-1

，an=1+(n-1)

qk-1-1

k-1

，作差b_n-a_n變形，然后分1＜n＜k時，當(dāng)n＞k時，n=1三種情況討論討論差的符號即可作出大小比較；

解答：解：（1）依題意，a5=b5=b1q5-1=1×34=81，
故d=

a5-a1

5-1

=

81-1

4

=20，
所以a_n=1+20（n-1）=20n-19，
令Sn=1×1+21×3+41×32+…+(20n-19)•3n-1，①
則3Sn=1×3+21×32+…+(20n-39)•3n-1+(20n-19)•3n，②
①-②得，-2Sn=1+20×(3+32+…+3n-1)-(20n-19)•3n=1+20×

3(1-3n-1)

1-3

-(20n-19)•3n=（29-20n）•3ⁿ-29，
所以Sn=

(20n-29)•3n+29

2

．             
（2）因為a_k=b_k，所以1+（k-1）d=q^k-1，即d=

qk-1-1

k-1

，
故an=1+(n-1)

qk-1-1

k-1

，
又  bn=qn-1，
所以bn-an=qn-1-[1+(n-1)

qk-1-1

k-1

]
=

1

k-1

[(k-1)(qn-1-1)-(n-1)(qk-1-1)]
=

q-1

k-1

[(k-1)(qn-2+qn-3+…+q+1)-(n-1)(qk-2+qk-3+…+q+1)]，
（�。┊�(dāng)1＜n＜k時，由q＞1知，
bn-an=

q-1

k-1

[(k-n)(qn-2+qn-3+…+q+1)-(n-1)(qk-2+qk-3+…+qn-1)]＜

q-1

k-1

[(k-n)(n-1)qn-2-(n-1)(k-n)qn-1]
=-

(q-1)2qn-2(k-n)(n-1)

k-1

＜0；
（ⅱ）當(dāng)n＞k時，由q＞1知，
bn-an=

q-1

k-1

[(k-1)(qn-2+qn-3+…+qk-1)-(n-k)(qk-2+qk-3+…+q+1)]＞

q-1

k-1

[(k-1)(n-k)qk-1-(n-k)(k-1)qk-2]
=（q-1）²q^k-2（n-k）＞0，
綜上所述，當(dāng)1＜n＜k時，a_n＞b_n；當(dāng)n＞k時，a_n＜b_n；當(dāng)n=1時，a_n=b_n．

點評：本題考查等差數(shù)列、等比數(shù)列的綜合、數(shù)列求和，考查分類討論思想，考查學(xué)生分析問題解決問題的能力，本題綜合性強(qiáng)，難度較大．