Question

（2013•下城區(qū)二模）已知拋物線y=ax²+bx+3經(jīng)過(guò)點(diǎn)A（-1，0），B（3，0），交y軸于點(diǎn)C，M為拋物線的頂點(diǎn)，連接MB．
（1）求該拋物線的解析式；
（2）在y軸上是否存在點(diǎn)P滿(mǎn)足△PBM是直角三角形？若存在，請(qǐng)求出P點(diǎn)的坐標(biāo)；若不存在，請(qǐng)說(shuō)明理由；
（3）設(shè)Q點(diǎn)的坐標(biāo)為（8，0），將該拋物線繞點(diǎn)Q旋轉(zhuǎn)180°后，點(diǎn)M的對(duì)應(yīng)點(diǎn)為M′，求∠MBM′的度數(shù)．

Answer 1

分析：（1）直接運(yùn)用待定系數(shù)法求出a、b的值就可以求出結(jié)論；
（2）設(shè)點(diǎn)P的坐標(biāo)為（0，y），分三種情況進(jìn)行討論，若∠MPB=90°，如圖1，過(guò)點(diǎn)M作ME⊥x軸，MF⊥y軸，通過(guò)證明Rt△PFM∽R(shí)t△BOP，由相似三角形的性質(zhì)就可以求出結(jié)論，∠PMB=90°，如圖2，過(guò)點(diǎn)M作ME⊥x軸，MF⊥y軸，若∠MBP=90，如圖3，過(guò)點(diǎn)M作ME⊥x軸，MF⊥y軸，類(lèi)似的方法證明三角形相似就可以求出點(diǎn)P的坐標(biāo)；
（3）由旋轉(zhuǎn)可以求出M′的坐標(biāo)，連結(jié)M′B，并延長(zhǎng)M′B交y軸于點(diǎn)D，求出M′D的解析式，求出D的坐標(biāo)，通過(guò)得出Rt△DFM≌Rt△DOB就可以而出MD=BD．進(jìn)而△DBM是等腰直角三角形，從而可以得出結(jié)論．

解答：解：（1）∵拋物線y=ax²+bx+3經(jīng)過(guò)點(diǎn)A（-1，0），B（3，0）
∴

0=a-b+3 0=9a+3b+3

，
解得：

a=-1 b=2

，
∴y=-x²+2x+3；
∴y=-（x-1）²+4，
∴M（1，4）．

（2）設(shè)點(diǎn)P的坐標(biāo)為（0，y），
①若∠MPB=90°，如圖1，過(guò)點(diǎn)M作ME⊥x軸，MF⊥y軸，
∴∠MFP=∠BOP=90°．
∵∠MPB=90°，
∴∠MPF=∠PBO，
∴Rt△PFM∽R(shí)t△BOP，
∴

PF

BO

=

FM

PO

．
∴

4-y

3

=

1

y

，
解得：y₁=1，y₂=3
∴點(diǎn)P的坐標(biāo)為（0，1），（0，3）；
②若∠PMB=90°，如圖2，過(guò)點(diǎn)M作ME⊥x軸，MF⊥y軸，
同理，Rt△PFM∽R(shí)t△BEM，
∴

4-y

2

=

1

4

，
解得：y=

7

2

∴點(diǎn)P的坐標(biāo)為 （0，

7

2

）
③若∠MBP=90，如圖3，過(guò)點(diǎn)M作ME⊥x軸，MF⊥y軸，
同理，Rt△POB∽R(shí)t△BEM，
∴

-y

2

=

3

4

，
解得：y=-

3

2

，
∴點(diǎn)P的坐標(biāo)為 （0，-

3

2

）．
綜上：△PBM是直角三角形時(shí)，P點(diǎn)的坐標(biāo)為（0，1），（0，3），（0，

7

2

），（0，-

3

2

）．

（3）由題意可知：B（3，0），M（1，4），Q（8，0），點(diǎn)M，M′關(guān)于點(diǎn)Q中心對(duì)稱(chēng)，
∴M′（15，-4），
連結(jié)M′B，并延長(zhǎng)M′B交y軸于點(diǎn)D，
由y_M′D=-

1

3

+1，
∴D（0，1）．
連結(jié)MD，
∵在Rt△DFM和Rt△DOB中

MF=DO ∠MFD=∠DOB DF=OB

∴Rt△DFM≌Rt△DOB（SAS），
∴MD=BD．
∴△DBM是等腰直角三角形，
∴∠DBM=45°，
∴∠MBM′=135°．

點(diǎn)評(píng)：本題考查了待定系數(shù)法求函數(shù)的解析式的運(yùn)用，直角三角形的性質(zhì)的運(yùn)用，相似三角形的判定及性質(zhì)的運(yùn)用，全等三角形的判定及性質(zhì)的運(yùn)用，旋轉(zhuǎn)的性質(zhì)的運(yùn)用，等腰直角三角形的性質(zhì)的運(yùn)用，解答本題時(shí)運(yùn)用函數(shù)的性質(zhì)解答是關(guān)鍵．